Câu hỏi 1 :
Trong con lắc lò xo nếu ta tăng khối lượng vật nặng lên \(4\) lần và độ cứng tăng \(2\) lần thì tần số dao động của vật:
- A
Tăng \(2\) lần.
- B
Giảm \(2\) lần.
- C
Tăng \(\sqrt 2 \) lần.
- D
Giảm \(\sqrt 2 \) lần.
Đáp án: D
Phương pháp giải:
Vận dụng biểu thức xác định tần số dao động của con lắc lò xo: \(f = \dfrac{1}{{2\pi }}\sqrt {\dfrac{k}{m}} \)
Lời giải chi tiết:
Ta có, tần số dao động của con lắc lò xo: \(f = \dfrac{1}{{2\pi }}\sqrt {\dfrac{k}{m}} \)
Khi tăng khối lượng lên 4 lần và độ cứng tăng 2 lần tức là \(\left\{ \begin{array}{l}m' = 4m\\k' = 2k\end{array} \right.\)
Tần số dao động của con lắc khi này: \(f' = \dfrac{1}{{2\pi }}\sqrt {\dfrac{{k'}}{{m'}}} = \dfrac{1}{{2\pi }}\sqrt {\dfrac{{2k}}{{4m}}} = \dfrac{1}{{2\pi }}\sqrt {\dfrac{k}{{2m}}} \)
\(\dfrac{{f'}}{f} = \dfrac{{\dfrac{1}{{2\pi }}\sqrt {\dfrac{k}{{2m}}} }}{{\dfrac{1}{{2\pi }}\sqrt {\dfrac{k}{m}} }} = \dfrac{1}{{\sqrt 2 }}\)
\( \Rightarrow f' = \dfrac{f}{{\sqrt 2 }}\)
Hay nói cách khác khi tăng khối lượng lên $4$ lần và độ cứng tăng $2$ lần thì tần số dao động sẽ giảm \(\sqrt 2 \) lần
Câu hỏi 2 :
Một vật dao động điều hòa có phương trình \(x = 2cos\left( {2\pi t - \frac{{7\pi }}{6}} \right){\rm{ }}cm\). Li độ của vật tại thời điểm $t = 0,25 (s)$ là:
- A
$1cm$
- B
$1,5cm$
- C
$0,5cm$
- D
$-1cm$
Đáp án: D
Phương pháp giải:
Thay t vào phương trình li độ của vật \(x = Acos(\omega t + \varphi )\)
Lời giải chi tiết:
Li độ của vật tại thời điểm $t =0,25s$ là:
\(x = {\text{ }}2cos(2\pi .0,25{\text{ }} - 7\pi /6) = 2c{\text{os(}}\dfrac{{ - 2\pi }}{3}) = - 1cm\)
Câu hỏi 3 :
Công suất của một đoạn mạch R, L, C nối tiếp không phụ thuộc vào:
- A
Độ tự cảm L của mạch điện.
- B
Pha ban đầu \(\varphi \) của dòng điện qua mạch.
- C
Chu kì T của điện áp hai đầu đoạn mạch
- D
Dung kháng ZC của mạch điện.
Đáp án: B
Lời giải chi tiết:
Ta có: Công suất
\(P = UIcos\varphi = {\rm{ }}UI\dfrac{R}{Z} = \dfrac{U}{Z}IR = {I^2}R\)
=> Công suất không phụ thuộc vào pha ban đầu của dòng điện qua mạch.
Câu hỏi 4 :
Cho biết công thoát của Kali là
\(A{\text{ }} = {\text{ }}3,{6.10^{ - 19}}J\) . Chiếu vào Kali lần lượt bốn bức xạ
\({\lambda _1} = 0,4\mu m;{\text{ }}{\lambda _2} = 0,5\mu m{\text{ }};{\text{ }}{\lambda _3} = 0,6\mu m;{\text{ }}{\lambda _4} = 0,7\mu m\) .
Những bức xạ nào có thể gây ra hiện tượng quang điện đối với Kali?
- A
${\lambda _3}$ và ${\lambda _4}$
- B
${\lambda _1}$ và ${\lambda _2}$
- C
chỉ có ${\lambda _1}$
- D
${\lambda _1},{\lambda _2}$ và ${\lambda _3}$
Đáp án: B
Phương pháp giải:
+ Sử dụng định luật về giới hạn quang điện
\(A{\text{ }} = {\text{ }}hc/{\lambda _0}\)
+ Điều kiện để xảy ra hiện tượng quang điện:
\(\lambda \leqslant {\lambda _0}\)
Lời giải chi tiết:
Ta có :
${\rm{A}} = \frac{{{\rm{hc}}}}{{{{\rm{\lambda }}_0}}}{\rm{}} \to {{\rm{\lambda }}_0} = \frac{{{\rm{hc}}}}{{\rm{A}}} = 0,552{\rm{\mu m}}$
Để gây ra hiện tượng quang điện thì bức xạ chiếu đến có bước sóng nhỏ hơn λ0 => bức xạ nào có thể gây ra hiện tượng quang điện là λ1 và λ2
Câu hỏi 5 :
Biểu thức nào sau đây xác định cảm ứng từ của dòng điện thẳng dài đặt trong không khí:
- A
\(B = {2.10^{ - 7}}{\rm{I}}{\rm{.r}}\)
- B
\(B = {2.10^{ - 7}}\frac{I}{r}\)
- C
\(B = {2.10^{ 7}}\frac{I}{r}\)
- D
\(B = {2.10^{ 7}}{\rm{I}}{\rm{.r}}\)
Đáp án: B
Lời giải chi tiết:
Cảm ứng từ của dòng điện thẳng dài đặt trong không khí được xác định bởi biểu thức: \(B = {2.10^{ - 7}}\frac{I}{r}\)
Câu hỏi 6 :
Cho phương trình phản ứng: \(_{92}^{238}U + n \to _Z^AX + _{18}^{37}{\rm{Ar}}\). Trong đó Z, A là:
- A
Z = 58, A = 143
- B
Z = 74, A = 202
- C
Z = 58, A = 139
- D
Z = 44, A = 140
Đáp án: B
Phương pháp giải:
+ Vận dụng định luật bảo toàn số nuclon: \({A_A} + {\rm{ }}{A_B} = {\rm{ }}{A_C} + {\rm{ }}{A_D}\)
+ Vận dụng định luật bảo toàn điện tích: \({Z_A} + {\rm{ }}{Z_B} = {\rm{ }}{Z_C} + {\rm{ }}{Z_D}\)
Lời giải chi tiết:
+ Áp dụng định luật bảo toàn số nuclon, ta có: \(238 + 1 = A + 37 \to A = 202\)
+ Áp dụng định luật bảo toàn điện tích, ta có: \(92 + 0 = Z + 18 \to Z = 74\)
Câu hỏi 7 :
Pin quang điện hoạt động dựa vào.
- A
Hiện tượng quang điện ngoài.
- B
Hiện tượng quang điện trong.
- C
Hiện tượng tán sắc ánh sáng.
- D
Sự phát quang của các chất.
Đáp án: B
Lời giải chi tiết:
Pin quang điện hoạt động dựa vào hiện tượng quang điện trong
Câu hỏi 8 :
Biểu thức nào sau đây xác định vị trí các cực đại giao thoa với 2 nguồn cùng pha?
- A
\({d_2} - {d_1} = \left( {k + \frac{1}{2}} \right)\lambda \)
- B
\({d_2} - {d_1} = \frac{{k\lambda }}{2}\)
- C
\({d_2} - {d_1} = k\lambda \)
- D
\({d_2} - {d_1} = \left( {k - \frac{1}{2}} \right)\lambda \)
Đáp án: C
Lời giải chi tiết:
Vị trí các cực đại giao thoa với 2 nguồn cùng pha (∆φ = 0): \({d_2} - {d_1} = k\lambda \)
Câu hỏi 9 :
Tại một điểm trên mặt chất lỏng có một nguồn dao động với tần số $120 Hz$, tạo ra sóng ổn định trên mặt chất lỏng. Xét $5$ gợn lồi liên tiếp trên một phương truyền sóng ở về một phía so với nguồn, gợn thứ nhất cách gợn thứ năm $0,5m$. Tính tốc độ truyền sóng trên mặt chất lỏng:
- A
$10 m/s$
- B
$12 m/s$
- C
$15 m/s$
- D
$20 m/s$
Đáp án: C
Phương pháp giải:
+ Khoảng cách giữa n ngọn sóng liên tiếp là: n - 1 bước sóng
+ Vận dụng biểu thức: \(\lambda = \dfrac{v}{f} = vT\)
Lời giải chi tiết:
Ta có:
Khoảng cách giữa $5$ gợn lồi (ngọn sóng) là: $4λ = 0,5m => λ = 0,125 m$
\(\lambda = \dfrac{v}{f} \to v = \lambda f = 0,125.120 = 15m/s\)
Câu hỏi 10 :
Mạch dao động điện từ gồm tụ điện C và cuộn cảm L, dao động tự do với tần số góc
- A
\(\omega = 2\pi \sqrt {LC} \)
- B
\(\omega = \frac{{2\pi }}{{\sqrt {LC} }}\)
- C
\(\omega = \sqrt {LC} \)
- D
\(\omega = \frac{1}{{\sqrt {LC} }}\)
Đáp án: D
Phương pháp giải:
Xem lí thuyết mục 1- phần I - Bài Mạch dao động LC
Lời giải chi tiết:
Tần số góc của dao động điện từ tự do được xác định bằng biểu thức: \(\omega = \frac{1}{{\sqrt {LC} }}\)
Câu hỏi 11 :
Khi dùng kính lúp quan sát các vật nhỏ. Gọi α và αo lần lượt là góc trông của ảnh qua kính và góc trông trực tiếp vật khi đặt vật ở điểm cực cận của mắt. Số bội giác của mắt được tính theo công thức nào sau đây?
- A
\(G = \frac{{tan\alpha }}{{tan{\alpha _0}}}\)
- B
\(G = \frac{{tan{\alpha _0}}}{{tan\alpha }}\)
- C
\(G = \frac{{{\rm{cos}}\alpha }}{{{\rm{cos}}{\alpha _0}}}\)
- D
\(G = \frac{{cos{\alpha _0}}}{{cos\alpha }}\)
Đáp án: A
Phương pháp giải:
Sử dụng công thức tính số bội giác của mắt
Lời giải chi tiết:
Số bội giác của kính lúp: \(G = \frac{{\tan \alpha }}{{\tan {\alpha _0}}}\)
Câu hỏi 12 :
Một vật dao động tắt dần có các đại lượng giảm liên tục theo thời gian là
- A
Biên độ và gia tốc
- B
Li độ và tốc độ
- C
Biên độ và năng lượng
- D
Biên độ và tốc độ
Đáp án: C
Lời giải chi tiết:
Ta có: Dao động tắt dần là dao động có biên độ giảm dần theo thời gian
Mặt khác: Cơ năng (năng lượng) tỉ lệ thuận với bình phương biên độ:
\({\text{W}} = \frac{1}{2}k{A^2}\)
=> Cơ năng (năng lượng) của dao động tắt dần cũng giảm dần theo thời gian
Câu hỏi 13 :
Trong thí nghiệm Y-âng về giao thoa ánh sáng, khoảng cách giữa hai khe là a, khoảng cách từ mặt phẳng chứa hai khe đến màn quan sát là D. Khi nguồn sóng phát bức xạ đơn sắc có bước sóng λ thì khoảng vân giao thoa trên màn là i. Hệ thức nào sau đây đúng?
- A
i = \(\frac{{\lambda a}}{D}\)
- B
i = \(\frac{{\lambda D}}{2a}\)
- C
\(\lambda \)=\(\frac{{ia}}{D}\)
- D
\(\lambda \)=\(\frac{i}{{aD}}\)
Đáp án: C
Phương pháp giải:
Sử dụng công thức tính khoảng vân
Lời giải chi tiết:
Ta có:\(i = \frac{{\lambda D}}{a} \Rightarrow \lambda = \frac{{a.i}}{D}\)
Câu hỏi 14 :
Trong nghiên cứu phổ vạch của một vật bị kích thích phát quang dựa vào vị trí của các vạch, người ta biết:
- A
Nhiệt độ của vật đó.
- B
Các hợp chất hóa học tồn tại trong vật đó.
- C
Phương pháp kích thích vật dẫn đến phát quang.
- D
Các nguyên tố hóa học cấu thành vật đó
Đáp án: D
Phương pháp giải:
Xem lí thuyết phần 2
Lời giải chi tiết:
Dựa vào vị trí của các vạch trong phổ vạch của vật bị kích thích phát quang, người ta biết được thành phần cấu tạo hay các nguyên tố hóa học cấu thành nên vật
Câu hỏi 15 :
Mạch điện xoay chiều chỉ có tụ điện với điện dung C. Đặt vào hai đầu tụ điện một điện áp u = U0cos(ωt + \(\varphi \)) V. Cường độ dòng điện hiệu dụng của mạch được cho bởi công thức:
- A
\(I = \dfrac{{{U_0}}}{{\sqrt 2 \omega C}}\)
- B
\(I = \dfrac{{{U_0}\omega C}}{{\sqrt 2 }}\)
- C
\(I = \dfrac{{{U_0}}}{{\omega C}}\)
- D
\(I = {U_0}\omega C\)
Đáp án: B
Lời giải chi tiết:
Ta có: Cường độ dòng điện hiệu dụng trong mạch:
\(I = \dfrac{U}{{{Z_C}}} = \dfrac{U}{{\dfrac{1}{{\omega C}}}} = U\omega C = \dfrac{{{U_0}}}{{\sqrt 2 }}\omega C\)
Câu hỏi 16 :
Nếu quy ước: 1- chọn sóng; 2- tách sóng; 3- khuyếch đại âm tần; 4- khuyếch đại cao tần; 5-chuyển thành sóng âm. Việc thu sóng điện từ trong máy thu thanh phải qua các giai đoạn nào, với thứ tự nào?
- A
1, 2, 5, 4, 3.
- B
1, 3, 2, 4, 5.
- C
1, 4, 2, 3, 5.
- D
1, 2, 3, 4, 5.
Đáp án: C
Phương pháp giải:
Xem lí thuyết phần 2
Lời giải chi tiết:
Các giai đoạn trong máy thu thanh:
- Anten thu: Thu sóng điện từ cao tần biến điệu.
- Mạch khuyếch đại dao động điện từ cao tần: Khuếch đại dao động điện từ cao tần.
- Mạch tách sóng: Tách dao động điện từ âm tần ra khỏi dao động điện từ cao tần.
- Mạch khuếch đại dao động điện từ âm tần: Khuếch đại dao động điện từ âm tần từ mạch tách sóng gửi đến.
- Loa: Biến dao động điện thành dao động âm
=> Thứ tự ta cần sắp xếp là: 1 - 4 - 2 - 3 - 5
Câu hỏi 17 :
Kết luận nào sau đây là sai ?
- A
Tia hồng ngoại và tử ngoại có thể dùng để sấy sản phẩm nông nghiệp, tia X có thể dùng để kiểm tra các khuyết tật của sản phẩm công nghiệp.
- B
Quang phổ liên tục phụ thuộc nhiệt độ của nguồn phát, quang phổ vạch phát xạ phụ thuộc thành phần cấu tạo của nguồnphát.
- C
Người ta thường dùng tia hồng ngoại để điều khiển từ xa các thiết bị điệntử.
- D
Tia tử ngoại bị nước hấp thụ mạnh.
Đáp án: A
Lời giải chi tiết:
Tia tử ngoại không có tác dụng sấy khô, sưởi ấm
=> Phương án A - sai
Câu hỏi 18 :
Dao động điện từ nào dưới đây xảy ra trong một mạch dao động có thể có biên độ giảm dần theo thời gian?
- A
Dao động điện từ duy trì.
- B
Dao động điện từ không lí tưởng.
- C
Dao động điện từ riêng.
- D
Dao động điện từ cộng hưởng.
Đáp án: B
Lời giải chi tiết:
- Dao động điện từ duy trì : Mạch dao động duy trì sẽ cung cấp một phần năng lượng đúng bằng phần năng lượng mất mát trong mỗi giai đoạn (khi có I giảm) của mỗi chu kì
- Dao động điện từ riêng : Mạch dao động tự do => Biên độ dao động không đổi
- Dao động điện từ cộng hưởng => Mạch dao động với biên độ và tần số như mạch dao động tự do
Câu hỏi 19 :
Một vật dao động điều hòa với tần số $5 Hz$ và biên độ $8 cm$. Chọn gốc thời gian lúc vật qua vị trí cân bằng theo chiều âm. Phương trình dao động của là:
- A
$x = 4cos(10 π t – π/2) cm.$
- B
$x = 4cos(10t + π/2) cm.$
- C
$x = 8cos(10 π t + π/2) cm.$
- D
$x = 8cos(10t – π/2) cm.$
Đáp án: C
Phương pháp giải:
+ Xác định biên độ dao động của vật
+ Sử dụng biểu thức tính tần số góc: \(\omega = 2\pi f\)
+ Sử dụng vòng tròn lượng giác
+ Viết phương trình dao động của vật: \(x = Acos\left( {\omega t + \varphi } \right)\)
Lời giải chi tiết:
Ta có:
+ Biên độ dao động: \(A{\rm{ }} = {\rm{ }}8cm\)
+ Tần số góc: \(\omega = 2\pi f = 2\pi .5 = 10\pi rad/s\)
Câu hỏi 20 :
Một vật dao động điều hoà với phương trình \(x = 8cos\left( {2\pi t - \dfrac{\pi }{3}} \right)cm\). Tìm số lần vật qua vị trí có độ lớn vận tốc \(8\pi \left( {cm/s} \right)\) trong thời gian \(\dfrac{{35}}{6}s\) tính từ thời điểm gốc.
- A
24 lần
- B
11 lần
- C
12 lần
- D
23 lần
Đáp án: A
Phương pháp giải:
+ Sử dụng công thức xác định chu kỳ T: \(T = \dfrac{{2\pi }}{\omega }\)
+ Xác định vị trí tại thời điểm $t = 0$ (x,v)
+ Sử dụng hệ thức độc lập \({A^2} = {x^2} + \dfrac{{{v^2}}}{{{\omega ^2}}}\)
+ Sử dụng vòng tròn lượng giác
Lời giải chi tiết:
Ta có:
+ Chu kỳ dao động: \(T = \dfrac{{2\pi }}{\omega } = \dfrac{{2\pi }}{{2\pi }} = 1{\rm{s}}\)
+ Tại $t = 0s$: \(\left\{ \begin{array}{l}x = 8c{\rm{os}}\left( { - \dfrac{\pi }{3}} \right) = 4cm\\v = - A\omega \sin \left( { - \dfrac{\pi }{3}} \right) > 0\end{array} \right.\)
+ Tại vị trí có vật có độ lớn vận tốc \(v = 8\pi \left( {cm/s} \right)\): \(x = \pm \sqrt {{A^2} - \dfrac{{{v^2}}}{{{\omega ^2}}}} = \pm \sqrt {{8^2} - \dfrac{{{{\left( {8\pi } \right)}^2}}}{{{{\left( {2\pi } \right)}^2}}}} = \pm 4\sqrt 3 cm\)
+ Trong một chu kỳ, vật đi qua vị trí có vận tốc độ lớn vận tốc \(v = 8\pi \left( {cm/s} \right)\) $4$ lần
Ta có: \(\dfrac{{{\rm{35}}}}{6}{\rm{s}} = 5s + \dfrac{5}{6}s = 5T + \dfrac{{5T}}{6}\)
Góc quét trong khoảng thời gian \(\dfrac{{5T}}{6}\) từ thời điểm ban đầu: \(\Delta \varphi = \omega \Delta t = \dfrac{{2\pi }}{T}.\dfrac{{5T}}{6} = \dfrac{{5\pi }}{3}\)
Vẽ trên vòng tròn lượng giác ta được:
Câu hỏi 21 :
Con lắc đơn có chiều dài dây treo là l = 1 m thực hiện 10 dao động mất 20s. Lấy π = 3,14 . Gia tốc trọng trường tại nơi đặt con lắc là:
- A
g \( \approx \) 10 m/s2
- B
g \( \approx \) 9, 75 m/s2
- C
g \( \approx \) 9,95 m/s2
- D
g \( \approx \) 9,86 m/s2
Đáp án: D
Phương pháp giải:
+ Áp dụng biểu thức tính chu kì dao động: \(T = \frac{{\Delta t}}{N}\)
+ Vận dụng biểu thức tính chu kì dao động của con lắc đơn: \(T = 2\pi \sqrt {\frac{l}{g}} \)
Lời giải chi tiết:
Ta có:
+ Chu kì dao động của con lắc:
\(T = \dfrac{{\Delta t}}{N} = \dfrac{{20}}{{10}} = 2{\rm{s}}\)
Mặt khác, ta có:
\(T = 2\pi \sqrt {\dfrac{l}{g}} \to g = \dfrac{{4{\pi ^2}l}}{{{T^2}}} = \dfrac{{4{\pi ^2}.1}}{{{2^2}}} = {\pi ^2} \approx 9,869m/{s^2}\)
Câu hỏi 22 :
Khảo sát thực nghiệm một con lắc lò xo gồm vật nhỏ có khối lượng \(216{\rm{ }}g\) và lò xo có độ cứng k, dao động dưới tác dụng của ngoại lực \(F{\rm{ }} = {\rm{ }}{F_0}cos2\pi ft\), với \({F_0}\) không đổi và \(f\) thay đổi được. Kết quả khảo sát ta được đường biểu diễn biên độ \(A\) của con lắc theo tần số \(f\) có đồ thị như hình vẽ. Giá trị của \(k\) xấp xỉ bằng:
- A
\(13,64{\rm{ }}N/m\)
- B
\(12,35{\rm{ }}N/m\)
- C
\(15,64{\rm{ }}N/m\)
- D
\(16,71{\rm{ }}N/m\)
Đáp án: A
Phương pháp giải:
+ Sử dụng lí thuyết về điều kiện xảy ra cộng hưởng của dao động cưỡng bức:
- Khi xảy ra cộng hưởng, biên độ dao động của vật cực đại.
- Tần số góc dao động của lực cưỡng bức khi đó bằng tần số góc dao động riêng của hệ: \(\omega = {\omega _0} = \sqrt {\dfrac{k}{m}} \)
+ Kĩ năng đọc đồ thị
Lời giải chi tiết:
Khi $f$ nằm trong khoảng từ \(1,25Hz\) đến \(1,3Hz\) thì biên độ cực đại, khi đó xảy ra cộng hưởng.
Ta có: \(f = \dfrac{1}{{2\pi }}\sqrt {\dfrac{k}{m}} \Rightarrow k = 4{\pi ^2}m{f^2}\) (1)
Với \(f \in \left[ {1,25;1,3} \right]\) thay vào (1) ta suy ra \(k \in \left[{13,32;14,41} \right]\)
=> Ta chọn $A$: \(k{\rm{ }} = {\rm{ }}13,64N/m\)
Câu hỏi 23 :
Một sóng cơ truyền trên trục Ox trên một dây đàn hồi rất dài với tần số f = 1/3 Hz. Tại thời điểm t0 = 0 và tại thời điểm t1 = 0,875s hình ảnh của sợi dây được mô tả như hình vẽ. Biết rằng: d2 - d1 = 10 cm. Gọi δ là tỉ số giữa tốc độ dao động cực đại của phần tử trên dây và tốc độ truyền sóng. Giá trị của δ là:
- A
π
- B
\(\dfrac{{3\pi }}{5}\)
- C
\(\dfrac{{5\pi }}{3}\)
- D
2π
Đáp án: B
Phương pháp giải:
+ Đọc đồ thị và áp dụng các công thức sóng cơ học.
+ Sử dụng vòng tròn lượng giác
+ Áp dụng công thức tính độ lệch pha theo không gian và thời gian:
\(\Delta \varphi = \Delta {\varphi _t} + \Delta {\varphi _x} = \omega \Delta t + \dfrac{{2\pi \Delta x}}{\lambda }\)
Câu hỏi 24 :
Quan sát sóng dừng trên một sợi dây đàn hồi, người ta đo được khoảng cách giữa 5 nút sóng liên tiếp là 100 cm. Biết tần số của sóng truyền trên dây bằng 100 Hz, vận tốc truyền sóng trên dây là:
- A
50 m/s
- B
100 m/s
- C
25 m/s
- D
75 m/s
Đáp án: A
Phương pháp giải:
+ Vận dụng công thức xác định khoảng cách giữa n nút liền kề là $(n - 1)\frac{\lambda }{2}$ .
+ Vận dụng công thức tính vận tốc truyền sóng: $v = \lambda f$
Lời giải chi tiết:
Khoảng cách giữa 5 nút liền kề là
$4\frac{\lambda }{2} = 100 \to \lambda = 50cm = 0,5m$
Vận tốc truyền sóng:
$v = \lambda f = 0,5.100 = 50m/s$
Câu hỏi 25 :
Có một số nguồn âm giống nhau với công suất phát âm không đổi trong môi trường đẳng hướng không hấp thụ âm. Nếu tại điểm A đặt 4 nguồn âm thì tại điểm B cách A một đoạn d có mức cường độ âm là 60dB. Nếu tại điểm C cách B một đoạn 2d/3 đặt 6 nguồn âm thì tại điểm B có mức cường độ âm bằng:
- A
58,42dB
- B
65,28dB
- C
54,72dB
- D
61,76dB
Đáp án: B
Phương pháp giải:
Áp dụng công thức tính cường độ âm
\(I = \dfrac{P}{{4\pi {R^2}}}\)
Lời giải chi tiết:
Gọi công suất mỗi nguồi là P
Cường độ âm tại B do A gây ra:
${I_{AB}} = \dfrac{{4P}}{{4\pi {d^2}}} = {10^{ - 6}}W/{m^2}$
Cường độ âm tại B do C gây ra:
${I_{CB}} = \dfrac{{6P}}{{4\pi {{(\dfrac{{2d}}{3})}^2}}} = \dfrac{{4P}}{{4\pi {d^2}}}\dfrac{{27}}{8} = 3,{375.10^{ - 6}}W/{m^2}$
$ \to {L_B} = \log \dfrac{{{I_{CB}}}}{{{{10}^{ - 12}}}} = 6,528B = 65,28dB$
Câu hỏi 26 :
Tại thời điểm t, điện áp $u = 200\sqrt 2 {\text{cos}}\left( {100\pi t - \dfrac{\pi }{2}} \right)$ (trong đó u tính bằng V, t tính bằng s) có giá trị $100\sqrt 2 $ và đang giảm. Sau thời điểm đó $\dfrac{1}{{300}}s$, điện áp này có giá trị là:
- A
\(-100V\)
- B
$100\sqrt 3 V$
- C
$ - 100\sqrt 2 V$
- D
\(200V\)
Đáp án: C
Phương pháp giải:
Sử dụng vòng tròn lượng giác
Câu hỏi 27 :
Đoạn mạch RLC nối tiếp \(R = 40\Omega \); \(L = \dfrac{{0,4}}{\pi }(H)\) và \(C = \dfrac{{{{10}^{ - 3}}}}{\pi }(F)\). Cho tần số dòng điện là $50 Hz$ và điện áp hiệu dụng ở hai đầu R là $80 V$. Điện áp ở hai đầu đoạn mạch là:
- A
100 V
- B
150 V
- C
200 V
- D
50 V
Đáp án: A
Phương pháp giải:
+ Vận dụng biêu thức tính hiệu điện thế: \(U = I.Z\)
+ Vận dụng biểu thức tính cảm kháng, dung kháng: \({Z_L} = \omega L;{Z_C} = \dfrac{1}{{\omega C}}\)
+ Vận dụng biểu thức tính hiệu điện thế hiệu dụng toàn mạch: \(U = \sqrt {U_R^2 + {{\left( {{U_L} - {U_C}} \right)}^2}} \)
Lời giải chi tiết:
Ta có:
Cường độ dòng điện trong mạch:
\(I = \dfrac{{{U_R}}}{R} = \dfrac{{80}}{{40}} = 2(A)\)
Cảm kháng:
\({Z_L} = \omega L = 2\pi fL = 2\pi .50.\dfrac{{0,4}}{\pi } = 40\Omega \)
Hiệu điện thế hiệu dụng hai đầu cuộn cảm:
\({U_L} = I.{Z_L} = 2.40 = 80(V)\)
Dung kháng:
\({Z_C} = \dfrac{1}{{\omega C}} = \dfrac{1}{{2\pi fC}} = \dfrac{1}{{2\pi .50.\dfrac{{{{10}^{ - 3}}}}{\pi }}} = 10\Omega \)
Hiệu điện thế hiệu dụng hai đầu tụ điện:
\({U_C} = I.{Z_C} = 2.10 = 20(V)\)
Hiệu điện thế hiệu dụng toàn mạch:
\(U = \sqrt {U_R^2 + {{\left( {{U_L} - {U_C}} \right)}^2}} = \sqrt {{{80}^2} + {{\left( {80 - 20} \right)}^2}} = 100(V)\)
Câu hỏi 28 :
Đặt điện áp xoay chiều có giá trị hiệu dụng và tần số không đổi vào hai đầu đoạn mạch gồm biến trở R mắc nối tiếp với tụ điện có điện dung C. Gọi điện áp hiệu dụng giữa hai đầu tu điện, giữa hai đầu biến trở và hệ số công suất của đoạn mạch khi biến trở có giá trị R1 lần lượt là \({U_{C1}},{\rm{ }}{U_{R1}}\) và \(cos{\varphi _1}\) ; khi biến trở có giá trị R2 thì các giá trị tương ứng nói trên là \({U_{C2}},{\rm{ }}{U_{R2}}\) và \(cos{\varphi _2}\). Biết \({U_{C1}} = {\rm{ }}2{U_{C2}},{\rm{ }}{U_{R2}} = {\rm{ }}2{U_{R1}}.\) Giá trị của \(cos{\varphi _1}\) và \(cos{\varphi _2}\) là:
- A
\(\cos {\varphi _1} = \dfrac{1}{{\sqrt 3 }},\,\cos {\varphi _2} = \dfrac{2}{{\sqrt 5 }}\).
- B
\(\cos {\varphi _1} = \dfrac{1}{{\sqrt 5 }},\,\cos {\varphi _2} = \dfrac{1}{{\sqrt 3 }}\).
- C
\(\cos {\varphi _1} = \dfrac{1}{{\sqrt 5 }},\,\cos {\varphi _2} = \dfrac{2}{{\sqrt 5 }}\).
- D
\(\cos {\varphi _1} = \dfrac{1}{{2\sqrt 2 }},\,\cos {\varphi _2} = \dfrac{1}{{\sqrt 2 }}\).
Đáp án: C
Phương pháp giải:
Vận dụng biểu thức tính hiệu điện thế và hệ số công suất:
+ \({U^2} = U_R^2 + {\left( {{U_L} - {U_C}} \right)^2}\)
+ \({\rm{cos}}\varphi = \dfrac{R}{Z}\)
Lời giải chi tiết:
Ta có:
\(\begin{array}{l}{U^2} = U_{{R_1}}^2 + U_{{C_1}}^2 = U_{{R_2}}^2 + U_{{C_2}}^2\\ \Rightarrow U_{{R_1}}^2 + U_{{C_1}}^2 = 4U_{{R_1}}^2 + \dfrac{{U_{{C_1}}^2}}{4}\\ \Rightarrow U_{{C_1}}^2 = 4U_{{R_1}}^2\\ \Rightarrow {U_{{C_1}}} = 2{U_{{R_1}}}\end{array}\)
Khi đó: \(U = \sqrt {U_{{R_1}}^2 + U_{{C_1}}^2} = \sqrt {U_{{R_1}}^2 + 4U_{{R_1}}^2} = \sqrt 5 {U_{{R_1}}}\)
Ta có: \(\left\{ \begin{array}{l}{\rm{cos}}{\varphi _1} = \dfrac{{{U_{{R_1}}}}}{U} = \dfrac{{{U_{{R_1}}}}}{{\sqrt 5 {U_{{R_1}}}}} = \dfrac{1}{{\sqrt 5 }}\\{\rm{cos}}{\varphi _2} = \dfrac{{{U_{{R_2}}}}}{U} = \dfrac{{2{U_{{R_1}}}}}{{\sqrt 5 {U_{{R_1}}}}} = \dfrac{2}{{\sqrt 5 }}\end{array} \right.\)
Câu hỏi 29 :
Trên đoạn mạch xoay chiều không phân nhánh có bốn điểm theo đúng thứ tự A, M, N, B. Giữa hai điểm A và M chỉ có cuộn cảm thuần, giữa hai điểm M và N chỉ có điện trở thuần, giữa hai điểm N và B chỉ có tụ điện. Điện áp hiệu dụng giữa hai điểm A và M là 150V và điện áp hiệu dụng giữa hai điểm N và B là 200/3 V. Điện áp tức thười trên đoạn AN và trên đoạn MB lệch pha nhau 900. Điện áp hiệu dụng trên R là:
- A
100 V
- B
120 V
- C
90 V
- D
180 V
Đáp án: A
Phương pháp giải:
Sử dụng giản đồ véc tơ
Lời giải chi tiết:
Vẽ lại mạch điện và vẽ giản đồ véctơ, ta được:
Câu hỏi 30 :
Mạch chọn sóng của một máy thu thanh gồm cuộn dây có độ tự cảm L = 2.10-6 H, điện trở thuần R = 0. Để máy thu thanh chỉ có thể thu được các sóng điện từ có bước sóng từ 57m đến 753m, người ta mắc tụ điện trong mạch trên bằng một tụ điện có điện dung biến thiên. Hỏi tụ điện này phải có điện dung trong khoảng nào?
- A
2,05.10-7F ≤ C ≤ 14,36.10-7F
- B
0,45.10-9F ≤ C ≤ 79,7.10-9F
- C
3,91.10-10F ≤ C ≤ 60,3.10-10F
- D
0,12.10-8F ≤ C ≤ 26,4.10-8F
Đáp án: B
Phương pháp giải:
Áp dụng biểu thức xác bước sóng: \(\lambda = 2\pi c\sqrt {LC} \)
Lời giải chi tiết:
Ta có: \(\lambda = 2\pi c\sqrt {LC} \to C = \frac{{{\lambda ^2}}}{{4{\pi ^2}{c^2}L}}\)
\(\begin{array}{l} \to \frac{{{\lambda _{\min }}^2}}{{4{\pi ^2}{c^2}L}} < C < \frac{{{\lambda _{{\rm{max}}}}^2}}{{4{\pi ^2}{c^2}L}} \leftrightarrow \frac{{{{57}^2}}}{{4{\pi ^2}{{({{3.10}^8})}^2}{{.2.10}^{ - 6}}}} < C < \frac{{{{753}^2}}}{{4{\pi ^2}{{({{3.10}^8})}^2}{{.2.10}^{ - 6}}}}\\ \leftrightarrow 4,{57.10^{ - 10}}F < C < 7,{97.10^{ - 8}}F\end{array}\)
Câu hỏi 31 :
Trong thí nghiệm Y-âng về giao thoa ánh sáng, các khe hẹp được chiếu sáng bởi ánh sáng đơn sắc. Khoảng vân trên màn là 1,5mm. Trong khoảng giữa hai điểm N và M trên màn ở cùng một phía so với vân sáng trung tâm, cách vân trung tâm lần lượt 2,2 mm và 4,7 mm, quan sát được:
- A
2 vân sáng và 2 vân tối.
- B
3 vân sáng và 2 vân tối.
- C
2 vân sáng và 3 vân tối
- D
2 vân sáng và 1 vân tối.
Đáp án: A
Phương pháp giải:
Áp dụng công thức tính số vân sáng - tối trên đoạn MN với M, N cùng phía so với vân sáng trung tâm
+ Số vân sáng: \({N_S} = \left[ {\dfrac{{OM}}{i}} \right] - \left[ {\dfrac{{ON}}{i}} \right]\)
+ Số vân tối: \({N_t} = \left[ {\dfrac{{OM}}{i} + 0,5} \right] - \left[ {\dfrac{{ON}}{i} + 0,5} \right]\)
Lời giải chi tiết:
Ta có:
+ Số vân sáng trên đoạn MN là: \({N_S} = \left[ {\dfrac{{OM}}{i}} \right] - \left[ {\dfrac{{ON}}{i}} \right] = \left[ {\dfrac{{4,7}}{{1,5}}} \right] - \left[ {\dfrac{{2,2}}{{1,5}}} \right] = 3 - 1 = 2\)
+ Số vân tối trên đoạn MN là: \({N_t} = \left[ {\dfrac{{OM}}{i} + 0,5} \right] - \left[ {\dfrac{{ON}}{i} + 0,5} \right] = \left[ {\dfrac{{4,7}}{{1,5}} + 0,5} \right] - \left[ {\dfrac{{2,2}}{{1,5}} + 0,5} \right] = 3 - 1 = 2\)
Câu hỏi 32 :
Trong một đèn huỳnh quang, ánh sáng kích thích có bước sóng \(0,36\mu m\) thì photon ánh sáng huỳnh quang có thể mang năng lượng là?
- A
$5 eV$
- B
$3 eV$
- C
$4 eV$
- D
$6 eV$
Đáp án: B
Phương pháp giải:
+ Vận dụng đặc điểm của ánh sáng huỳnh quang
+ Áp dụng công thức tính bước sóng ánh sáng: $\lambda = \dfrac{c}{f}$
Lời giải chi tiết:
Ta có:
+ Ánh sáng huỳnh quang có bước sóng dài hơn bước sóng của ánh sáng kích thích
=> Năng lượng của ánh sáng huỳnh quang nhỏ hơn năng lượng của ánh sáng kích thích ( do năng lượng ε tỉ lệ nghịch với bước sóng ánh sáng)
+ Năng lượng của ánh sáng kích thích:
$\varepsilon = \dfrac{{hc}}{\lambda } = \dfrac{{6,{{625.10}^{ - 34}}{{.3.10}^8}}}{{0,{{36.10}^{ - 6}}}} = 5,{521.10^{ - 19}}J = 3,45{\text{e}}V$
Câu hỏi 33 :
Khi êlectrôn trong nguyên tử hiđrô chuyển từ quĩ đạo dừng có năng lượng -0,85 eV sang quĩ đạo dừng có năng lượng -13,60 eV thì nguyên tử phát bức xạ điện từ có bước sóng:
- A
\(0,4340{\rm{ }}\mu m\)
- B
\(0,4860{\rm{ }}\mu m\)
- C
\(0,0974{\rm{ }}\mu m\)
- D
\(0,6563{\rm{ }}\mu m\)
Đáp án: C
Lời giải chi tiết:
Ta có:
\(\Delta E = \frac{{hc}}{\lambda } = - 0,85 - \left( { - 13,6} \right) = 12,75eV \Rightarrow \lambda = \frac{{6,{{625.10}^{ - 34}}{{.3.10}^8}}}{{12,75.1,{{6.10}^{ - 19}}}} = 0,0974\mu m\)
Câu hỏi 34 :
Các hạt nhân Đơteri \(_1^2H\), Triti \(_1^3H\), Heli \(_2^4He\) có năng lượng liên kết lần lượt là 2,22 MeV, 8,49 MeV và 28,16 MeV. Các hạt nhân trên được sắp xếp theo thứ tự giảm dần về độ bền vững của hạt nhân 1à:
- A
\(_1^2H\);\(_2^4He\); \(_1^3H\)
- B
\(_1^2H\); \(_1^3H\);\(_2^4He\)
- C
\(_2^4He\); \(_1^3H\);\(_1^2H\)
- D
\(_1^3H\);\(_2^4He\); \(_1^2H\)
Đáp án: C
Lời giải chi tiết:
Ta có năng lượng liên kết riêng ứng với các hạt nhân là:
+ \({\varepsilon _D} = \frac{{2,22}}{2} = 1,11MeV/nuclon\)
+ \({\varepsilon _T} = \frac{{8,49}}{3} = 2,83MeV/nuclon\)
+ \({\varepsilon _{He}} = \frac{{28,16}}{4} = 7,04MeV/nuclon\)
Ta thấy: \({\varepsilon _{He}} > {\varepsilon _T} > {\varepsilon _D}\)=> các hạt nhân trên được sắp xếp theo thứ tự giảm dần về độ bền vững của hạt nhân 1à: \(_2^4He\); \(_1^3H\);\(_1^2H\)
Câu hỏi 35 :
Tính số hạt nhân bị phân rã sau 1s trong 1g Rađi \({}^{226}\)Ra . Cho biết chu kỳ bán rã của \({}^{226}\)Ra là 1580 năm. Số Avôgađrô là NA = 6,02.1023 mol-1.
- A
3,55.1010 hạt
- B
3,40.1010 hạt
- C
3,75.1010 hạt
- D
3,70.1010 hạt
Đáp án: D
Phương pháp giải:
Sử dụng công thức tính số hạt nhân đã phân rã: \(\Delta N{\rm{ }} = {N_0}(1 - {2^{ - \frac{t}{T}}})\)
- Số hạt trong n mol: N = n.NA
Lời giải chi tiết:
Số hạt nhân nguyên tử có trong 1 gam 226Ra là :
\(N_0=\dfrac{m}{A}.{N_A} = \dfrac{1}{{226}}.6,{022.10^{23}} = 2,{6646.10^{21}}\) hạt
Suy ra số hạt nhân nguyên tử Ra phân rã sau 1 s là :
\(\Delta N = {N_0}(1 - {2^{ - \dfrac{t}{T}}}) = 2,{6646.10^{21}}\left( {1 - {2^{ - \dfrac{1}{{1580.365.86400}}}}} \right) = 3,{70.10^{10}}\) hạt
Câu hỏi 36 :
Một vật sáng AB cho ảnh thật qua một thấu kính hội tụ, ảnh này hứng trên một màn E đặt cách vật một khoảng 180cm, ảnh thu được cao bằng 1/5 vật. Tiêu cự của thấu kính có giá trị:
- A
15cm
- B
10cm
- C
5cm
- D
25cm
Đáp án: D
Phương pháp giải:
+ Sử dụng biểu thức xác định hệ số phóng đại: \(k = - \frac{{d'}}{d}\)
+ Sử dụng công thức thấu kính: \(\frac{1}{f} = \frac{1}{d} + \frac{1}{{d'}}\)
+ Sử dụng công thức tính khoảng cách vật - ảnh: \(L = d + d'\)
Lời giải chi tiết:
+ Vì vật thật nên: \(d' > 0 \to \left\{ \begin{array}{l}k < 0\\L > 0\end{array} \right. \to \left\{ \begin{array}{l}k = - \frac{1}{5}\\L = d + d' = 180cm\end{array} \right.\)
+ \(\frac{1}{f} = \frac{1}{d} + \frac{1}{{d'}} \to d' = \frac{{df}}{{d - f}}\)
\(\begin{array}{l} \to k = - \frac{{d'}}{d} = - \frac{{\frac{{df}}{{d - f}}}}{d} = \frac{f}{{f - d}} = - \frac{1}{5}\\ \to d = 6f\end{array}\)
+ Lại có: \(L = d + d' = 180cm\)
\(\begin{array}{l} \to d + \frac{{df}}{{d - f}} = 180\\ \leftrightarrow 6f + \frac{{6{f^2}}}{{6f - f}} = 180\\ \to f = 25cm\end{array}\)
Câu hỏi 37 :
Trên mặt phẳng nằm ngang có hai con lắc lò xo. Các lò xo có cùng độ cứng k, cùng chiều dài tự nhiên là 32 cm. Các vật nhỏ A và B có khối lượng lần lượt là m và 4m. Ban đầu, A và B được giữ ở vị trí sao cho lò xo gắn với A bị dãn 8 cm còn lò xo gắn với B bị nén 8 cm. Đồng thời thả nhẹ để hai vật dao động điều hòa trên cùng một đường thẳng đi qua giá I cố định (hình vẽ). Trong quá trình dao động, khoảng cách lớn nhất và nhỏ nhất giữa hai vật có giá trị lần lượt là
- A
64 cm và 48 cm
- B
80 cm và 48 cm
- C
64 cm và 55 cm
- D
80 cm và 55 cm
Đáp án: D
Phương pháp giải:
- Sử dụng lí thuyết về khoảng cách của hai vật dao động điều hoà
- Khảo sát hàm số bậc hai
Lời giải chi tiết:
Phương trình dao động của vật A là
\({x_1} = 8\cos (2\omega t + \pi )\)
Phương trình dao động của vật B là
\({x_2} = 8\cos (\omega t + \pi )\)
Mặt khác
\(AI = 32 - {x_1};BI = 32 + {x_2} = > AB = 64 + {x_2} - {x_1}\)
Ta có:
\(\begin{array}{l}d = {x_2} - {x_1} = 8\cos (\omega t + \pi ) - 8\cos (2\omega t + \pi )\\\cos \omega t = a = > d = 8(\cos 2\omega t - \cos \omega t) = 8(2{a^2} - a - 1)\\f(a) = 2{a^2} - a - 1/\left( { - 1;1} \right)\\f' = 4a - 1,f' = 0 = > a = \frac{1}{4}\end{array}\)
Xét bảng biến thiên sau
Từ bảng biến thiên ta có:
\(\begin{array}{l} - \frac{9}{8} \le f(a) \le 2 = > AB = 64 + d\\ = > 64 + 8.\left( { - \frac{9}{8}} \right) \le AB \le 64 + 8.2\\ = > 55 \le AB \le 80\end{array}\)
Câu hỏi 38 :
Trên đoạn mạch xoay chiều không phân nhánh có 4 điểm theo đúng thứ tự A, M, N và B. Giữa hai điểm A và M chỉ có cuộn dây, giữa 2 điểm M và N chỉ có điện trở thuần, giữa 2 điểm N và B chỉ có tụ điện. Điện áp hiệu dụng giữa 2 điểm A và N là 60 V và điện áp hiệu dụng giữa 2 điểm M và B là \(40\sqrt 3 V\) . Điện áp tức thời trên đoạn AN và trên đoạn MB lệch pha nhau 900, điện áp tức thời trên đoạn MB và trên đoạn NB lệch pha nhau 300 và cường độ hiệu dụng trong mạch là \(\sqrt 3 A\). Điện trở thuần của cuộn dây là:
- A
\(40 Ω\)
- B
\(10 Ω\)
- C
\(50 Ω\)
- D
\(20 Ω\)
Đáp án: B
Phương pháp giải:
Sử dụng phương pháp giản đồ véctơ
Lời giải chi tiết:
Vẽ lại mạch điện và vẽ giản đồ véctơ, ta được:
Câu hỏi 39 :
Cho mạch điện xoay chiều gồm một điện trở thuần, cuộn cảm thuần và tụ điện mắc nối tiếp theo thứ tự trên. Đặt vào hai đầu đoạn mạch điện áp xoay chiều có giá trị hiệu dụng không đổi có tần số góc \(\omega \) thay đổi được. Đồ thị biểu diễn sự phụ thuộc vào tần số góc \(\omega \) của điện áp hiệu dụng giữa hai bản tụ và hai đầu cuộn cảm lần lượt là \({U_C},{U_L}\) như hình vẽ dưới. Khi \(\omega = {\omega _1}\) thì điện áp hiệu dụng giữa hai bản tụ \({U_C}\) cực đại là \({U_m}\). Giá trị của \({U_m}\) là:
- A
\(150\sqrt 3 V\)
- B
\(100\sqrt 3 V\)
- C
\(200\sqrt 3 V\)
- D
\(150\sqrt 2 V\)
Đáp án: B
Phương pháp giải:
+ Phương pháp đọc đồ thị
+ \(\omega \) biến thiên có hai giá trị của \(\omega \) cho \({U_{{C_1}}} = {U_{{C_2}}}\): \(\omega _1^2 + \omega _2^2 = 2\omega _C^2\)
Câu hỏi 40 :
Dùng prôtôn bắn vào hạt nhân \({}_{\rm{4}}^{\rm{9}}{\rm{Be}}\) đứng yên, sau phản ứng sinh ra hạt α và hạt nhân X có động năng lần lượt là Kα = 3,575 MeV và KX = 3,150 MeV. Phản ứng này tỏa ra năng lượng bằng ΔE = 2,125 MeV. Coi khối lượng các hạt nhân tỉ lệ với số khối của nó. Góc hợp giữa các hướng chuyển động của hạt α và hạt prôtôn là
- A
φ = 60o
- B
φ = 90o
- C
φ = 75o
- D
φ = 45o
Đáp án: B
Phương pháp giải:
+ Áp dụng định luật bảo toàn động lượng và định lí hàm số cos trong tam giác
+ Công thức liên hệ giữa động lượng và động năng: \({p^2} = {\rm{ }}2mK\)
+ Năng lượng toả ra của phản ứng: \(\Delta E = \sum {{K_s} - \sum {{K_t}} } \)
(Kt, Ks lần lượt là động năng của những hạt trước phản ứng và sau phản ứng)
Lời giải chi tiết:
+ Phương trình phản ứng: \({}_0^1p + {}_4^9Be \to {}_2^4\alpha + {}_2^6X\)
+ Năng lượng toả ra của phản ứng hạt nhân: ∆E = Kα + KX – Kp = 2,125
=> Kp = 4,6 MeV
+ Áp dụng định luật bảo toàn động lượng: \(\overrightarrow {{p_p}} = \overrightarrow {{p_X}} + \overrightarrow {{p_\alpha }} \)